Работа выхода фотокатода 4 эВ. Его освещают светом с частотой 3.4*10^15 Гц. Какую максимальную скорость могут иметь электроны, эмитируемые этим катодом?

Показать ответ

Ответ:

mrnaruto004ovx0o3

10.12.2020 13:24

Пройденный путь 8,5 м; модуль перемещения 2,5 м;

1-й этап движения

t₀ = 0; v₀ = 2 м/с;

t₁ = 1 с; v₁ = 3 м/с

Расчёт:

Δt₁ = t₁ - t₀ = 1 - 0 = 1 (c);

Δv₁ = v₁ - v₀ = 3 - 2 = 1 (м/c);

На 1-м этапе движение равноускоренное с ускорением

$a_1 = \dfrac{\Delta v_1}{\Delta t_1} = \dfrac{1}{1} = 1~(m/s^2)$

по закону

x₁(t) = 2t + 0.5t²

Считаем, что в начальный момент движения координата x₁(0) = 0

В момент времени t₁ = 1 c координата x₁(1) = 2·1 + 0.5·1² = 2.5 (м)

Движение происходит в сторону увеличения координаты.

Перемещение

r₁ = x₁(1) - x₁(0) = 2.5 - 0 = 2.5 (м)

Пройденный путь за этап

$s_1 = \dfrac{v_1 + v_0}{2} \cdot \Delta t = \dfrac{3 + 2}{2} \cdot 1 = 2,5~(m)$

2-й этап движения

t₁ = 1 с; v₁ = 3 м/с

t₂ = 3 с; v₂ = 0;

Расчёт:

Δt₂ = t₂ - t₁ = 3 - 1 = 2 (с);

Δv₂ = v₂ - v₁ = 0 - 3 = -3 м/c;

На 2-м этапе движение равнозамедленное с ускорением

$a_2 = \dfrac{\Delta v_2}{\Delta t_2} = \dfrac{-3}{2} = -1,5~(m/s^2)$

по закону

x₂(t) = 2.5 + 3 · (t - t₁) - 0.75 · (t - t₁)²

В момент времени t₂ = 3 c координата

x₂(3) = 2.5 + 3 · 2 - 0.75 · 2² = 5.5 (м)

Движение происходит в сторону увеличения координаты.

Перемещение к концу этапа

r₂ = x₂(3) - x₁(0) = 5.5 - 0 = 5.5 (м)

Пройденный путь за этап

$s_2 = \dfrac{v_2 + v_1}{2} \cdot \Delta t_2 = \dfrac{0 + 3}{2} \cdot 2 = 3~(m)$

Пройденный путь за 2 этапа

$s_{1+2} = s_1 + s_2 = 2.5 + 3 = 5.5~(m)$

3-й этап движения

t₂ = 3 с; v₂ = 0;

t₃ = 6 с; v₃ = -1 м/с

Расчёт:

Δt₃ = t₃ - t₂ = 6 - 3 = 3 (с);

Δv₃ = v₃ - v₂ = -1 - 0 = -1 м/c;

На 3-м этапе движение равноускоренное с ускорением

$a_3 = \dfrac{\Delta v_3}{\Delta t_3} = \dfrac{-1}{3} = -\dfrac{1}{3} ~(m/s^2)$

по закону

$x_3(t) = 5.5 - \dfrac{1}{6} \cdot (t - t_2)^2$

В момент времени t₃ = 6 c координата

$x_3(6) = 5.5 - \dfrac{1}{6}\cdot 3^2 = 4~(m)$

Движение происходит в сторону уменьшения координаты.

Перемещение к концу этапа

r₃ = x₃(6) - x₁(0) = 4 - 0 = 4 (м)

Пройденный путь за этап

$s_3 = \dfrac{|v_3| + v_2}{2} \cdot \Delta t_3 = \dfrac{1+ 0}{2} \cdot 3 = 1,5~(m)$

Пройденный путь за 3 этапа

$s_{1+2+3} = s_{1+2} + s_3 = 5.5+1.5 = 7~(m)$

4-й этап движения

t₃ = 6 с; v₃ = -1 м/с

t₄ = 9 с; v₄ = 0;

Расчёт:

Δt₄ = t₄ - t₃ = 9 - 6 = 3 (с);

Δv₄ = v₄ - v₃ = 0 + 1 = 1 м/c;

На 3-м этапе движение равнозамедленное с ускорением

$a_4 = \dfrac{\Delta v_4}{\Delta t_4} = \dfrac{1}{3} ~(m/s^2)$

по закону

$x_4(t) = 4 -1\cdot (t - t_3)+ \dfrac{1}{6} \cdot (t - t_3)^2$

В момент времени t₄ = 9 c координата

$x_4(9) = 4 - 1\cdot 3 + \dfrac{1}{6}\cdot 3^2 = 2.5~(m)$

Движение происходит в сторону уменьшения координаты.

Перемещение к концу этапа

r₄ = x₄(9) - x₁(0) = 2.5 - 0 = 2.5 (м)

Пройденный путь за этап

$s_4 = \dfrac{|v_3| + v_4}{2} \cdot \Delta t_4 = \dfrac{1+ 0}{2} \cdot 3 = 1.5~(m)$

Путь, пройденный за всё время движения

$s = s_{1+2+3} + s_4 = 7+1.5 = 8,5~(m)$

0,0(0 оценок)

Ответ:

tinytigerkar

21.11.2021 09:41

Радужная окраска крыльев стрекозы объясняется явлением интерференции света на тонких пленках.Но, если Вы знаете, что белый свет - сложный, и что он обладает волновыми свойствами, и что различные ЦВЕТА объясняются различной длиной световой волны и что световые волны, складываясь, могут усиливать или ослаблять друг друга, тогда - другое дело! Кратко объясню так: на тонкой пленке световые волны отражаются дважды. Первый раз на наружной поверхности, второй - на внутренней. В глаз наблюдателя попадают обе волны. Они согласованы (такие волны называются когерентными) . В зависимости от длины волны, определяющей цвет, воспринимаемый органом зрения, и толщиной пленки (крыла стрекозы) и угла наблюдения, усиливаться могут волны любого цвета. Хотя сами крылья могут быть - прозрачные и не окрашены ни в какой цвет.

0,0(0 оценок)

Популярные вопросы: Физика