РЕБЯТА ПО ФИЗИКЕ КР ВАС!! ВСЕ БАЛЫ ОТДАМ 1.Якщо сила струму
збільшиться вдвічі, то
виконана електричним
струмом робота теж
збільшиться вдвічі. Так чи ні?

а) так;

в) ні;

с) не зміниться;

д) затрудняюся відповісти.

2.Скільки часу йшов струм 5А при
напрузі на споживачі 20В, якщо
струм виконав роботу 5кДж?

а) 10с;

в) 50с;

с) 10хв;

д) 50хв.

3.При якому з'єднанні двох
провідників на ділянці
електричним струмом
виконається більша робота?

а) при послідовному;

в) при паралельному;

с) при змішаному.

4.Опір другої лампи 10 Ом.
Покази вольтметра на
малюнку. Визначте роботу
струму в другій лампі за 0,5
хв.

а) 5 Дж;

в) 25 Дж;

с) 18,75 Дж;

д) 125 Дж.

5.Яка
потужність
першої лампи?

а) 10 Вт;

в) 20 Вт;

с) 0,5 Вт;

д) 2 Вт.

6.Визначте роботу електричного
струму за 2хв при напрузі на
ділянці кола 24В та силі струму
в ній – 0,5 А.

а) 12Дж;

в) 120Дж;

с) 144Дж;

д) 1440Дж.

7.Яка сила струму в ділянці при
напрузі 12В, якщо її потужність
48Вт?

а) 4А;

б) 60А;

в) 36А.

8.Перший амперметр показує 5 А.
Загальна сила струму 12 А. Яка
робота струму в другій лампі за
20с при напрузі на лампі 12В?

а) 8 Дж;

в) 240 Дж;

с) 1,2кДж;

д) 1,68 кДж.

9.Як зміниться потужність
струму в реостаті, якщо
напругу на його кінцях
зменшити вдвічі, а силу
струму залишити без змін?

а) збільшиться вдвічі;

в) зменшиться вдвічі;

с) залишиться без змін;

д) затрудняюся відповісти.

10.Потужність струму в
споживачі збільшилась у
4 рази. Як і у скільки разів
змінилась сила струму
при постійній напрузі?

а) зменшилась в 4 рази;

в) зменшилась у 2 рази;

с) збільшилась в 4 рази;

д) збільшилась у 2 рази.

11.Яка потужність струму в
споживачі, якщо за 20хв струм
виконав роботу в ньому 72 кДж?

а) 60 Вт;

в) 30 Вт;

с) 15 Вт;

д) 7,5 Вт.

12.Яка напруга на лампі, якщо при силі
струму 2А за 5хв електричним струмом
виконана робота 3кДж?

а) 25 В;

в) 20 В;

с) 10 В;

д) 5 В.

ВАС НЕ ИГНОРЬТЕ..

Показать ответ

Ответ:

malyovana2014

12.11.2020 16:18

Если пренебречь сопротивлением воздуха и считать снаряд материальной точкой, то задача о движении снаряда, выпущенного из пушки под углом α к горизонту с начальной скоростью v, сводится к известной задаче о движении тела, брошенного под углом к горизонту.
Наложим на систему декартовы координаты, совместив их начало с пушкой и рассмотрим снаряд как материальную точку, участвующую одновременно в двух движениях - по оси х и оси y.
Тогда в некий момент времени t можно записать следующие уравнения для скорости точки:
$\displaystyle v_x=v\cos\alpha \\ v_y=v\sin\alpha-gt$
Уравнение перемещения точки по осям будет иметь вид
$\displaystyle x=vt\cos\alpha \\ y=vt\sin\alpha-\frac{gt^2}{2}$
В любой точке М квадрат расстояния r² от начала координат до этой точки может быть найден по теореме Пифагора. Мы ищем квадрат, чтобы не заморачиваться извлечением квадратного корня, поскольку сама величина r нам не нужна.
$\displaystyle L_M=r_M^2=x_M^2+y_M^2=(vt\cos\alpha)^2+\left(vt\sin\alpha-\frac{gt^2}{2}\right)^2$
Чтобы определить области убывания функции L(t), нужно найти значения t при которых производная L'(t) будет отрицательной.
Упростим L(t), раскрыв скобки и используя основное тригонометрическое тождество, а затем найдем производную.
$\displaystyle L(t)=t^2v^2-vt^3g\sin\alpha+\frac{1}{4}g^2t^4 \\ \frac{dL}{dt}=2tv^2-3vt^2g\sin\alpha+g^2t^3=t(2v^2-3vtg\sin\alpha+g^2t^2)$
Осталось решить неравенство $\displaystyle 2v^2-3vtg\sin\alpha+g^2t^2\ \textless \ 0$
Сначала определим точки, где левая часть обращается в ноль, а потом найдем необходимые интервалы. Получается квадратное уравнение относительно t; его решение тривиально и приводить я его не буду.
Получаем два корня,которые можно записать одним выражением:
$\displaystyle \frac{v}{2g}\left(3\sin\alpha\pm\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}\right)$
Отсюда мы получаем область допустимых значений sin(α) ∈ [2√2/3;1] - значение 1 берем из условия, что углы больше 90° не рассматриваются.
С некоторым приближением можно записать α ∈ [70.53°;90°]
Первый (меньший) корень задает нам точку, начиная с которой расстояние между пушкой и снарядом начинает сокращаться.
$t_1=\displaystyle \frac{v}{2g}\left(3\sin\alpha-\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}\right)$
Второй (больший) корень задает точку, после прохождения которой расстояние снова начинает увеличиваться.
$t_2=\displaystyle \frac{v}{2g}\left(3\sin\alpha+\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}\right)$
Но для t₂ необходимо учесть, что наши формулы рассматривают процесс движения тела до бесконечности, а в реальности снаряд может падать ниже уровня пушки лишь разве что в овраг... Поэтому достаточно ограничиться временем движения снаряда при достижении им горизонта пушки, т.е. у=0 в нашей системе координат.
Для этого находим решение уравнения у=0
$\displaystyle vt\sin\alpha-\frac{gt^2}{2}=0 \\ t\left(v\sin\alpha-\frac{gt}{2}\right)=0 \to t_1=0 \\ v\sin\alpha-\frac{gt_2}{2}=0 \to t_2= \frac{2v\sin\alpha}{g}$
Тривиальное решение t₁=0 нас не интересует, а вот t₂ - то, что нужно.
Окончательно получаем решение
$\displaystyle t \in \left[t_1;\min\left(t_2,\frac{2v\sin\alpha}{g}\right)\right], \\
t_1=\frac{v}{2g}\left(3\sin\alpha-\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}\right) \\ \\
t_2=\frac{v}{2g}\left(3\sin\alpha+\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}\right) \\ \\
\alpha \in [70.53^\circ;90^\circ]$
Если интересует длительность промежутка времени, в который приближение происходит, она равна
$\displaystyle \min\left(t_2,\frac{2v\sin\alpha}{g}\right)\right]-t_1$
Если минимум равен t₂, получаем решение
$\displaystyle \frac{v}{2g}\left(3\sin\alpha+\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}\right)- \frac{v}{2g}\left(3\sin\alpha-\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}\right)= \\ \\ \frac{v}{g}\cdot\sqrt{1-9\cos^2 \alpha}, \ \alpha \in [70.53^\circ;90^\circ]$

Сборник по под редакцией савченко. 1.3.30* звучит так (дословно) снаряд вылетает из пушки со скорост

Сборник по под редакцией савченко. 1.3.30* звучит так (дословно) снаряд вылетает из пушки со скорост

0,0(0 оценок)

Ответ:

WhataMataFon

11.07.2020 21:22

Предлагаю Вашему вниманию неклассический решения. он пригоден для случая если лень вспоминать формулы и лень их выводить на основании законов сохранения.
есть две шайбы массами М и m скорость одной V другой v
центр масс системы движется со скоростью (M*V+m*v)/(M+m)
тело m относительно центра масс двигалось со скоростью v - (M*V+m*v)/(M+m) до столкновения и со скоростью -v + (M*V+m*v)/(M+m) после упругого столкновения. скорость после упругого столкновения тела m относительно исходной системы отсчета равна u = -v + 2(M*V+m*v)/(M+m)
подставим значения масс и известных скоростей
u = -v + 2(M*V+m*v)/(M+m)= -v + 2(M*0+0,1*v)/(0,2+0,1)=v*(-1 + 2/3)=-v/3
модуль скорости тела после удара в 3 раза меньше модуля исходной скорости. значит кинетическая энергия (пропорциональная квадрату скорости) после удара уменьшилась в 9 раз

0,0(0 оценок)

Популярные вопросы: Физика