Задача. Определить скорость и ускорение тела через 5 и 10 секунд после начала движения, если закон движения: S(t) = t3 - 2t2 –4t. (скорость первая производная от пути по времени, ускорение вторая)

Показать ответ

Ответ:

fhdjfjfuf

21.11.2021 13:45

Объяснение:

Дано:

m= 2кг

t₁= 10°С

t₂=100°С

Q-?

Кількість теплоти, необхідне для нагрівання знаходимо за формулою: питому теплоємність множимо на масу і на різницю між кінцевою і початковою температурою.

Q₁ = c*m*(t₂-t₁) , де Cв=4200 Дж/кг*°С -питома теплоємність води

Q₁ = 4200*2(100-10) = 756 000 Дж = 0,756 МДж

Кількість теплоти необхідне для пароутворення:

Q₂ = m*λ , де λ = 22,6*10⁵ Дж/кг - питома теплота пароутворення

Q₂ = 2*22,6*10⁵= 4 520 000 Дж = 4,52 МДж

Кількість теплоти яку потрібно витратити :

Q = Q₁+Q₂= 756000+ 4520000 =5276000 Дж ≈ 5,3 МДж

0,0(0 оценок)

Ответ:

ryzhij

11.03.2020 23:26

Посчитаем силу, действующую на этот заряд, обозначив его величину q, плотность заряда нити ρ, и расстояние до угла h

От участка нити, на продолжении которого она лежит посчитать просто, от каждого маленького участочка она действует в одном направлении

$\displaystyle\\F_1 = k\int\limits_h^\infty \frac{q\rho dx}{x^2} = q\rho(1/h - 1/\infty) = kq\rho/h$

От второго участка сложнее. Эта сила будет иметь проекцию как на направление вдоль первого участка, так и перпендикулярно ему.

Считаем первую

$\displaystyle\\F_{2(1)} = k\int_0^\infty \frac{q\rho}{h^2+x^2}\cos(\alpha(x))dx$

Здесь α(x) - угол между линией, соединяющией наш заряд и элемент второго участка нити dx, и самим вторым участком.

$\displaystyle\tan \alpha(x) = h/x\\d\alpha/\cos^2\alpha = -hdx/x^2\\dx = -\frac{hx^2d\alpha}{h^2\cos^2\alpha} = -\frac{hd\alpha}{\tan^2\alpha\cos^2\alpha} = -\frac{hd\alpha}{\sin^2\alpha}$

Меняем переменные $\displaystyle\\F_{2(1)} = -k\int_{\pi/2}^{0}\frac{q\rho h\cos\alpha d\alpha}{h^2(1+\cot^2\alpha)\sin^2\alpha} = k\frac{q\rho}{h} \int_{0}^{\pi/2}\cos\alpha d\alpha = kq\rho/h$

Вторая компонента силы, перпендикулярная первой вычисляется почти тем же интегралом, только там вместо косинуса в числителе синус. Но значение интеграла от этого не меняется.

В итоге на зарядик действует сила 2kqρ/h вдоль продолжения одной из сторон и еще kqρ/h ей перпендикулярная. Итого

$\displaystyle\\F = \sqrt{5}kq\rho/h\\\rho = \frac{hF}{kq\sqrt{5}} \approx 1\mu Q/m$