Высота правильной треугольной пирамиды равна H, а двугранный угол пирамиды при ее боковом ребре равен α. Найди объем пирамиды.
ответ: √3 * (3 - ctg²(α/2) ) / 4ctg² (α/2) * H ³
Объяснение:
Пусть ABC основание пирамиды , DO ее высота _ DO ⊥ пл. (ABC) . Пирамида правильная, следовательно O центр треугольника ABC. Обозначаем AB=BC=CA = a . V =(1/3)*S(ABC)*DO = (1/3)*(a²√3)/4 *H .
! Нужно вычислить только a. Покажем двугранный угол при ее боковом ребре DC (вернее линейный угол α). Поведем высоту AE треугольника ADC: AE⊥ DC и точка E соединим с B.
ΔBCE=ΔACE по первому признаку равенства: CE _общая , BC =AC и ∠BCD=∠ACD. ⇒AE=BE, ∠BEC=∠AEC =90° , т.е. еще и ∠BE⊥ DC.
Получили ∠AEB = α линейный угол двугранного угла при боковой ребре DC. Проведем высоту (медиану CM) треугольника ABC и M соединяем с вершиной D пирамиды .
--- общеизвестно O ∈ [CM] и CM=a√3 /2 и OC =(2/3)*CM=a /√3 ---
Т.к. DC⊥ EA и DC ⊥ EB ⇒ DC ⊥ пл.(AEB) ⇒ DC ⊥ EM .
! площадь треугольника MAC:
S( MAC)= (1/2)MC*DO =(1/2)DC*EM (1)
Но легко получить EM=(a/2)ctg(α/2) исходя из того что в равнобедренном треугольнике AEM медиана EM одновременно и биссектриса и высота .
(1/2)a√3 /2*H =(1/2)DC*(a/2)ctg(α/2) ⇒ DC =√3 H/ctg(α/2).
Растение содержит углеводы (пектин, галактоза, глюкоза, манноза, арабиноза, ксилоза), органические кислоты (аконитовая, фумаровая, глюконовая, глицериновая, яблочная, малоновая, хинная, цикориевая), стероиды (в том числе β-ситостерин, кампестерин, изофукостерин, холестерин), сапонины, лигнин, флавоноиды (в том числе изокверцитрин, кемпферол, кверцетин, лютеолин), фенолкарбоновые кислоты и их производные (в том числе ванилиновая, протокатеховая, галловая, феруловая, кофейная кислоты), каротиноиды (в том числе β-каротин и γ-каротин, лютеин), витамин C. В спорах содержатся каротиноиды (α-каротин, β-каротин, γ-каротин), флавоноиды (госсипитрин, артикулатин, изоартикулатин), высшие жирные кислоты
* * * * * * * * * * * * * * * * * * * * * *
Высота правильной треугольной пирамиды равна H, а двугранный угол пирамиды при ее боковом ребре равен α. Найди объем пирамиды.
ответ: √3 * (3 - ctg²(α/2) ) / 4ctg² (α/2) * H ³
Объяснение:
Пусть ABC основание пирамиды , DO ее высота _ DO ⊥ пл. (ABC) . Пирамида правильная, следовательно O центр треугольника ABC. Обозначаем AB=BC=CA = a . V =(1/3)*S(ABC)*DO = (1/3)*(a²√3)/4 *H .
! Нужно вычислить только a. Покажем двугранный угол при ее боковом ребре DC (вернее линейный угол α). Поведем высоту AE треугольника ADC: AE⊥ DC и точка E соединим с B.
ΔBCE=ΔACE по первому признаку равенства: CE _общая , BC =AC и ∠BCD=∠ACD. ⇒AE=BE, ∠BEC=∠AEC =90° , т.е. еще и ∠BE⊥ DC.
Получили ∠AEB = α линейный угол двугранного угла при боковой ребре DC. Проведем высоту (медиану CM) треугольника ABC и M соединяем с вершиной D пирамиды .
--- общеизвестно O ∈ [CM] и CM=a√3 /2 и OC =(2/3)*CM=a /√3 ---
Т.к. DC⊥ EA и DC ⊥ EB ⇒ DC ⊥ пл.(AEB) ⇒ DC ⊥ EM .
! площадь треугольника MAC:
S( MAC)= (1/2)MC*DO =(1/2)DC*EM (1)
Но легко получить EM=(a/2)ctg(α/2) исходя из того что в равнобедренном треугольнике AEM медиана EM одновременно и биссектриса и высота .
(1/2)a√3 /2*H =(1/2)DC*(a/2)ctg(α/2) ⇒ DC =√3 H/ctg(α/2).
Из ΔDOC по теореме Пифагора : OC²=DС²- DO²
( a/√3) ² = (√3*H/ctg(α/2) ² - H² ⇔ a²/3= (3/ctg²(α/2) -1 )*H ²
a² =3(3 - ctg²(α/2) ) /ctg²(α/2) * H²
V = (1/3)*3(3 - ctg²(α/2) )/ctg² (α/2) √3 /4 *H³
V = √3 * (3 - ctg²(α/2) ) / 4ctg² (α/2) * H³