В конце четверти петя выписал подряд все свои отметки по 1 из предметов их оказалось 5 и поставил между некоторыми из них знаки умножения произведение получившихся чисел оказалось равным 3530. Какая отметка выходит у пети в четверти по этому предмету, если учитель ставит только отметки "2", "3", "4" или "5" и итоговая отметка в четверти является средним арифметическим всех текущих отметок, округленным по правилам округления? (например, 3,2 округляется до 3; 4,5 до 5; а 2,8 до 3)

4-1/6=3 5/5
3-2/7=2 5/7
1 6/11- 7/11=17/11-7/11=10/11
6 6/13-5 11/13=19/13-11/13=8/13
1 5/7-6/7=12/7-6/7=6/7
1 6/11-7/11=17/11-7/11=10/11
9 3/13-7 9/13=120/13-100/13=20/13=1 7/13
1 8/13-9/13=21/13-9/13=12/13
7 3/11-6 5/11=80/11-71/11=9/11
7 2/7- 3 4/7=51/7-25/7=26/7=3 5/7
7 5/9- 6 7/9=68/9-61/9=7/9
1 3/5-4/5=8/5-4/5=4/5
5 9/17+ 7 12/17=94/17+131/17=225/17=13 4/17
3 12/17+2 6/17=63/17+40=103/17=6 1/17
6 8/9+7 5/9=62/9+68/9=130/9=14 4/9
5/7+3 6/7=5/7+27/7=32/7=4 4/7
2 15/19+1 5/19=53/19+24/19=77/19=4 1/19
5-5/11=4 6/11
6-4 9/10=1 1/10
1 4/9-5/9=13/9-5/9=8/9
5 9/17+7 12/17=9 21/17=10 4/17

3 300 003

3 300 030

3 300 300

3 303 000

3 330 000 -числа с 3 в сотнях тысяч

3030003

3030030

3030300

3033000

3003003

3003030

3003300 -десятки тысяч

3000303

3000330 -сотни

3000033-десятки

вариантов 15

Пошаговое объяснение:

число семизначное, первая тройка будет обязательно. Пусть вторая тройка будет пограничная, т.е слева от неё не может ничего быть, кроме нулей и первой тройки. Чередуем вторую тройку сначала в сотнях, потом в десятках, потом в единицах тысяч. А третья тройка будет чередоваться и ходить от второй тройки до конца, пока не закончатся варианты.