как видим первые три цифры в обоих числах одинаковые , значит четвертая цифра во втором числе должна быть больше ( поскольку число отрицательное, а значит чем дальше число от 0 , тем оно меньше) подходит 9
-7348 > -7349
2) -4615 < -46*5
тоже правило , что и в 1. Чем дальше число от 0 тем оно меньше, поскольку числа отрицательные. Подходит -4606
-4615 < -4605
3) -2/7 < */7
если дроби имеют одинаковые знаменатели, то больше та дробь, у которой больше числитель, но из двух отрицательных чисел
• меньше то число, модуль которого больше,
• больше то число, модуль которого меньше,
Значит справедливо , что
-2/7 < -1/7
4) -29,31 < - *9,31
-29,31 < -19,31
5) -58,4* > -58,41
-58,40 > -58,41
6) -3/* < -3/5
Если дроби имеют одинаковые числители, то больше та дробь, у которой меньше знаменатель.Поскольку у нас дроби отрицательные то большей будет та, в которой знаменатель больше
1) p1=0,6; p2=0,7. Вероятность промаха обоих (1-p1)*(1-p2). Вероятность попадания хотя бы одного 1-(1-p1)(1-p2)=1-0,4*0,3=0,88 2) найдем вероятность того что все 10 деталей годные. Благоприятных исходов "цэ из 90 по 10" - число сочетаний (буду писать С_90_10). Всего исходов С_100_10. Тогда искомая вероятность С_90_10/С_100_10. Вероятность что есть дефектная из 10: 1-С_90_10/С_100_10=1-(81*82*...*90)/(91*92*...*100) 3) p1=0,6; p2=0,7. Два варианта: 1 попал 2 мимо или наоборот. Получим p1*(1-p2)+p2(1-p1)=0,6*0,3+0,4*0,7=0,46
Пошаговое объяснение:
1)-7348> - 734*
как видим первые три цифры в обоих числах одинаковые , значит четвертая цифра во втором числе должна быть больше ( поскольку число отрицательное, а значит чем дальше число от 0 , тем оно меньше) подходит 9
-7348 > -7349
2) -4615 < -46*5
тоже правило , что и в 1. Чем дальше число от 0 тем оно меньше, поскольку числа отрицательные. Подходит -4606
-4615 < -4605
3) -2/7 < */7
если дроби имеют одинаковые знаменатели, то больше та дробь, у которой больше числитель, но из двух отрицательных чисел
• меньше то число, модуль которого больше,
• больше то число, модуль которого меньше,
Значит справедливо , что
-2/7 < -1/7
4) -29,31 < - *9,31
-29,31 < -19,31
5) -58,4* > -58,41
-58,40 > -58,41
6) -3/* < -3/5
Если дроби имеют одинаковые числители, то больше та дробь, у которой меньше знаменатель.Поскольку у нас дроби отрицательные то большей будет та, в которой знаменатель больше
-3/7 < -3/5
2) найдем вероятность того что все 10 деталей годные. Благоприятных исходов "цэ из 90 по 10" - число сочетаний (буду писать С_90_10). Всего исходов С_100_10. Тогда искомая вероятность С_90_10/С_100_10.
Вероятность что есть дефектная из 10:
1-С_90_10/С_100_10=1-(81*82*...*90)/(91*92*...*100)
3) p1=0,6; p2=0,7.
Два варианта: 1 попал 2 мимо или наоборот. Получим p1*(1-p2)+p2(1-p1)=0,6*0,3+0,4*0,7=0,46